我正在CodeIgniter中开发注册页面。问题是，我的帖子数据没有通过。以下代码总是产生“失败”:classSignupextendsCI_Controller{functionindex(){if($this->input->post()){echo'success';}else{echo'fail';echoform_open('signup');echoform_input('username','Username');echoform_input('email_address','Emailaddress');echoform_submit('submit','CreateA

我对Wordpress和JSONAPI有点陌生，如果这是一个新手问题，请原谅我，但我正在尝试获取一些不同自定义帖子类型的所有帖子，并且通过我自己的JSONController(扩展JSONAPI)将它们作为JSON返回如果我这样做:$posts=$json_api->introspector->get_posts(array('post_type'=>array('post','tweet','gallery','video','music'),'post_parent'=>0,'order'=>'ASC','orderby'=>'date','numberposts'=>100000

如果我使用salt来解码我的密码，登录总是返回“Badcredentials”。我正在使用Fixture创建一些测试数据:publicfunctionload(ObjectManager$manager){$encodeFactory=$this->container->get('security.encoder_factory');$user=newUser();$user->setUsername('admin');$user->setEmail('webmaster@aranox.de');$encoder=$encodeFactory->getEncoder($user);$u

我总是遇到这个错误。{"status":false,"error":"Unknownmethod."}但从我这边来看，所有语法都是正确的。因为在浏览器上一切正常，但在设备上集成相同的URL会出现“未知方法错误”。我正在使用这种“获取”方法。示例网址SITEURL/api/login/test?req_type=custom我在集成时是否遗漏了什么？也许是一个设置？我刚刚包含了库和rest配置文件。 最佳答案 我认为你的问题是Controller的名称与方法的名称相同尝试进行测试:如果您的Controller名称是:classTest

我正在尝试执行包含类似内容的学说SUM(a.id=1)as`1`由于某些原因，它总是给我以下错误:[SyntaxError]line0,col15:Error:ExpectedDoctrine\ORM\Query\Lexer::T_CLOSE_PARENTHESIS,got'='这是我正在使用的代码$result=$em->getRepository('MyBundle:PlayerAction')->createQueryBuilder('pa')->select(array('SUM(a.id=1)as`1`,SUM(a.id=2)as`2`,SUM(a.id=3)as`3`,p.

我使用命令:phpartisanqueue:subscribelaravelhttp://your-site-url/queue/push并得到错误:[Http_Exception]HTTP错误:0|SSL证书问题。验证CA证书是否正常。详情:错误:14090086:SSL例程:SSL3_GET_SERVER_CERTIFICATE:证书验证失败。失败的queue:subscribe[--type[="..."]]队列url我在iron.io上注册并在app/config/queue.php中添加project_id、token和默认key驱动 最佳答案

我有一个关于github页面的问题。我在那里创建了我的网站，我想添加联系表格，以便用户可以通过此表格与我联系，但正如我在github.io中看到的那样，不可能发布或使用.php文件......所以有没有办法将电子邮件从我的网站联系表发送到我的电子邮件地址？P.S我也读过thisone,并且提到了外部托管，但我没有，所以对我来说它不起作用...有什么想法吗？P.P.S抱歉英语不好=( 最佳答案 是的，可以在formspee的帮助下以这种方式完成。Formspreehttp://formspree.io/HTML表单只需将您的表格发送到

(表面上)无论我尝试使用PHP的system函数运行什么命令，该命令总是什么都不做，然后失败并返回代码1。例如，system("echo'thisshoulddefinitelywork'",$retval);设置$retval=1。也是如此system("dir",$retval);以及运行我编写的可执行文件；当我运行时vfmt-hcat.v来自cmd.exe的命令有效并返回退出代码0，但正在运行system("vfmt-hcat.v",$retval);再次设置$retval=1。此vfmt.exe文件与尝试这些system调用的src.php脚本位于同一目录中。我几乎无计可施地想

我在PhpFiddle上试过，PhpFiddle上的PHP版本支持传递比预期方法更多的参数而不会给出任何错误，但反之则不然。在我的项目中，我的一些客户的服务器PHP版本很旧，所以我想确保所有版本的PHP都始终支持这种行为吗？ 最佳答案 PHP4已经支持将比方法签名中定义的参数更多的参数传递给类的方法。如果您想使用...标记，则自PHP5.6起才受支持http://php.net/manual/en/functions.arguments.php#functions.variable-arg-list

这是我第一次发这样的帖子。我是编程/php方面的十足新手。我试图掌握那里的所有教程，并想创建一种框架来将项目作为Web数据库/应用程序的基础。我想出了一些用于crud操作的文件，我知道它们一定是非常糟糕的代码。我想知道我是否可以得到一些建议来将这个“框架”提升到一个新的水平。我不擅长OO，但我理解这些概念，所以我改用更实用的方法。我知道这些歌曲很恶心，我不需要帮助就可以识别出来。我需要一些关于数据库调用的帮助。我知道我应该使用PDO(以帮助注入(inject))，但我不确定如何将此代码转换为该结构。我也意识到至少我应该使用mysqli函数。再一次，n00b。我也知道验证和清理数据，但同